문제
1보다 큰 자연수 중에서 1과 자기 자신을 제외한 약수가 없는 자연수를 소수라고 한다. 예를 들어, 5는 1과 5를 제외한 약수가 없기 때문에 소수이다. 하지만, 6은 6 = 2 × 3 이기 때문에 소수가 아니다.
골드바흐의 추측은 유명한 정수론의 미해결 문제로, 2보다 큰 모든 짝수는 두 소수의 합으로 나타낼 수 있다는 것이다. 이러한 수를 골드바흐 수라고 한다. 또, 짝수를 두 소수의 합으로 나타내는 표현을 그 수의 골드바흐 파티션이라고 한다. 예를 들면, 4 = 2 + 2, 6 = 3 + 3, 8 = 3 + 5, 10 = 5 + 5, 12 = 5 + 7, 14 = 3 + 11, 14 = 7 + 7이다. 10000보다 작거나 같은 모든 짝수 n에 대한 골드바흐 파티션은 존재한다.
2보다 큰 짝수 n이 주어졌을 때, n의 골드바흐 파티션을 출력하는 프로그램을 작성하시오. 만약 가능한 n의 골드바흐 파티션이 여러 가지인 경우에는 두 소수의 차이가 가장 작은 것을 출력한다.
입력
첫째 줄에 테스트 케이스의 개수 T가 주어진다. 각 테스트 케이스는 한 줄로 이루어져 있고 짝수 n이 주어진다.
출력
각 테스트 케이스에 대해서 주어진 n의 골드바흐 파티션을 출력한다. 출력하는 소수는 작은 것부터 먼저 출력하며, 공백으로 구분한다.
내풀이 )
#define _CRT_SECURE_NO_WARNINGS
#include <stdio.h>
using namespace std;
int prime_number[10001] = { 0 };
int main()
{
//문제
// 1. 짝수n이 주어졌을때 소수 2개 를 출력한다.
// 입력
// 1. 테스트케이스 T를 입력 받는다.
// 2. 테스트 케이스 만큼 반복문을 돌린다.
// 2-1. 짝수 n을 입력한다.
// 처리
// 1. 짝수n 이 소수 2개로 어떻게 나타낼지 궁리한다.
// 1-1. 소수들로 2차원 배열을 돌린다.
// 1-2. 소수 2개를 합한 값이 짝수와 같으면 break걸어준다.
// 1-2-1. 소수의 차가 가장 적은 값이 어야 한다.
// 1-2-2. 소수 2개를 미리 받아 두고 그 두 소수의 차보다 더 적은 소수차가 나오면 업데이트되게 해서 최종적으로 그 소수를 출력하게 한다.
// 출력
// 1. 소수 2개를 출력한다.
prime_number[1] = 1;
for (int i = 2; i <= 10000; i++)
{
for (int j = i * 2; j <= 10000; j += i)
{
if (prime_number[j] != 1)
{
prime_number[j] = 1;
}
}
}
int T = 0;
scanf("%d", &T);
for (int i = 0; i < T; i++)
{
int n = 0;
scanf("%d", &n);
int prime = 10000;
int prime2 = 0;
for (int i = 2; i <= 10000; i++)
{
if (n - i < 0)
{
break;
}
int min = n - i; // 3
int max = i; //13
if (min > max)
{
int temp = max;
max = min;
min = temp;
}
if (prime > (max - min) && prime_number[min] == 0 && prime_number[max] == 0)
{
//입력값 - 소수
prime = max - min;
prime2 = min;
}
}
if (prime2 > n - prime2)
{
printf("%d %d\n", n - prime2, prime2);
}
else
{
printf("%d %d\n", prime2, n - prime2);
}
}
return 0;
}
문제점 : 두수의 차가 작고 범위가 작은수부터 나오게 하는 방법은 for문을 돌릴때 입력값을 2로 나눠주고 2로 나눠준 입력값을 -- 하면서 검사하는식으로 하면 작은수부터 나오게 설정할수 있음. 또한 2로 나눠줬기 때문에, i값은 두 소수의 차이가 제일 적으므로 for문을 돌면 돌수록 두 소수의 차가 멀어지게됨
다른 풀이 )
#include <stdio.h>
int main(void) {
int t, n;
bool num[10002];
for (int i = 0; i <= 10001; i++) {
num[i] = true;
}
num[1] = false;
for (int i = 2; i * i <= 10001; i++) {
if (num[i]) {
for (int j = i * i; j <= 10001; j += i) {
num[j] = false;
}
}
}
scanf("%d", &t);
while (t--) {
scanf("%d", &n);
//두 소수의 차이가 가장 작게 나는 경우는 n값의 절반인 경우에 해당됨
//n/2값을 시작으로 조사한다.
for (int i = n / 2; i > 0; i--) {
if (num[i] && num[n - i]) {
printf("%d %d\n", i, n - i);
break;
}
}
}
return 0;
}
'알고리즘' 카테고리의 다른 글
[백준 알고리즘 c++] 문제 20. 키로거 5397 (0) | 2022.09.02 |
---|---|
[백준 알고리즘 c++] 문제 19. 에디터 1406 (0) | 2022.09.02 |
[백준 알고리즘 c++] 문제 18. 베르트랑 공준 4948 (0) | 2022.09.02 |
[백준 알고리즘 c++] 문제 17. 소수 구하기 에라토스테네스의 체 1929 (0) | 2022.09.02 |
[백준 알고리즘 c++] 문제 16. 소인수분해 11653 (0) | 2022.09.02 |